web-dev-qa-db-ja.com

SyntaxError：JSON.parse：JSONデータの行1列1に予期しない文字があります

私はコードで例外または特殊文字を見つけるために6時間以上費やしましたが、できませんでした。ここで同様のメッセージをすべてチェックしました。

フォームをすばらしいポップアップで送信しています。まず、インラインポップアップを使用してフォームを開き、すべての入力をmain.jsに送信して検証します。

だから、サードアイが必要です。

私は持っています：index.html、register.php、main.js

ここにコードがあります

FORM

JS/AJAX

PHP-register.php

ここにエラーメッセージがあります

JSON出力 json

Chromeコンソール：

chrome

Firefoxコンソール： firefox

私は何が欠けていますか？

javascriptphpjqueryajaxjson
48
levent kaya

文字が<であるという事実により、PHPエラーがあると思わせます。すべてのエラーをエコーし​​てみましたか。

私はあなたのデータベースを持っていないので、エラーを見つけようとしてあなたのコードを調べています、これまでのところ、私はあなたのJSファイルを更新しました

$("#register-form").submit(function (event) {

    var entrance = $(this).find('input[name="IsValid"]').val();
    var password = $(this).find('input[name="objPassword"]').val();
    var namesurname = $(this).find('input[name="objNameSurname"]').val();
    var email = $(this).find('input[name="objEmail"]').val();
    var gsm = $(this).find('input[name="objGsm"]').val();
    var adres = $(this).find('input[name="objAddress"]').val();
    var termsOk = $(this).find('input[name="objAcceptTerms"]').val();

    var formURL = $(this).attr("action");


    if (request) {
        request.abort(); // cancel if any process on pending
    }

    var postData = {
        "objAskGrant": entrance,
        "objPass": password,
        "objNameSurname": namesurname,
        "objEmail": email,
        "objGsm": parseInt(gsm),
        "objAdres": adres,
        "objTerms": termsOk
    };

    $.post(formURL,postData,function(data,status){
        console.log("Data: " + data + "\nStatus: " + status);
    });

    event.preventDefault();
});

PHP編集：

 if (isset($_POST)) {

    $fValid = clear($_POST['objAskGrant']);
    $fTerms = clear($_POST['objTerms']);

    if ($fValid) {
        $fPass = clear($_POST['objPass']);
        $fNameSurname = clear($_POST['objNameSurname']);
        $fMail = clear($_POST['objEmail']);
        $fGsm = clear(int($_POST['objGsm']));
        $fAddress = clear($_POST['objAdres']);
        $UserIpAddress = "hidden";
        $UserCityLocation = "hidden";
        $UserCountry = "hidden";

        $DateTime = new DateTime();
        $result = $date->format('d-m-Y-H:i:s');
        $krr = explode('-', $result);
        $resultDateTime = implode("", $krr);

        $data = array('error' => 'Yükleme Sırasında Hata Oluştu');

        $kayit = "INSERT INTO tbl_Records(UserNameSurname, UserMail, UserGsm, UserAddress, DateAdded, UserIp, UserCityLocation, UserCountry, IsChecked, GivenPasscode) VALUES ('$fNameSurname', '$fMail', '$fGsm', '$fAddress', '$resultDateTime', '$UserIpAddress', '$UserCityLocation', '$UserCountry', '$fTerms', '$fPass')";
        $retval = mysql_query( $kayit, $conn ); // Update with you connection details
            if ($retval) {
                $data = array('success' => 'Register Completed', 'postData' => $_POST);
            }

        } // valid ends
    }echo json_encode($data);
20
James Lalor

同様の問題を解決しようとする検索者の利益のために、入力が空の文字列の場合、同様のエラーが発生する可能性があります。

例えば.

var d = "";
var json = JSON.parse(d);

またはAngularJSを使用している場合

var d = "";
var json = angular.fromJson(d);

chromeで「Uncaught SyntaxError：Unexpected end of input」が発生しましたが、Firebugは「JSON.parse：JSON dataの1行1列1のデータの予期しない終了」と表示しました。

ほとんどの人はこれに気付かれることはありませんが、私はメソッドを保護していなかったため、このエラーが発生しました。

24
HockeyJ

削除する

 dataType: 'json'

で置き換える

 dataType: 'text'
13
Алексей Полоскин

私はまったく同じ問題を抱えており、何かを見つけました。私は行にコメントしました：

dataType： 'json'、

その後は成功しましたが... console.log（data）を実行すると、メインのindex.htmlが返されました。

そのため、「予期しないトークン<」エラーが発生し、解析できません。

6
Dumitrascu Alexandru

データ型をテキストに変更すると、dataType： 'text'に役立ちました

JSONlintで確認しましたが、json形式は適切でした。それでもdataType: 'json'を設定するとエラーがスローされました

JSON Data: {"eventinvite":1,"groupcount":8,"totalMessagesUnread":0,"unreadmessages":{"378":0,"379":0,"380":0,"385":0,"390":0,"393":0,"413":0,"418":0}}
1
Amit Patekar

AJAX呼び出しでNodeJSを使用してJSONデータを送信する：

$.ajax({
    url: '/listClientsNames',
    type: 'POST',
    dataType: 'json',
    data: JSON.stringify({foo:'bar'})
}).done(function(response){
    console.log("response :: "+response[0].nom);
});

空白を削除することに注意してください。

app.post("/listClientsNames", function(req,res){

        var querySQL = "SELECT id, nom FROM clients";   
        var data = new Array();

        var execQuery = connection.query(querySQL, function(err, rows, fields){

            if(!err){
                for(var i=0; i<25; i++){
                    data.Push({"nom":rows[i].nom});         
                }
                res.contentType('application/json');
                res.json(data); 
            }else{  
                console.log("[SQL005] - Une erreur est survenue");
            }

        });

});
1
Mickael Largement

JSONファイルからデータを取得するときに同じエラーが発生しました 添付リンクを参照

"SyntaxError: JSON.parse: unexpected character at line 1 column 1 of the JSON data"

だから、私は正しいではないjsonファイルのパスをチェックし、

const search = document.getElementById("search");
const matchList = document.getElementById("match-list");

//search json data and filter
const searchStates = async searchText => {
    const res = await fetch('../state.json');
    const states = await res.json();
    console.log(states);
}

search.addEventListener('input', () => searchStates(search.value));

そのため、ファイルのパスを変更しました

const res = await fetch('./state.json');

＆結果として配列が返されます。そのため、パスを確認して変更してみてください。私の場合はうまくいきます。それがうまくいくことを願っています。

1
akshay_sushir

JSONが正常であっても、DB文字セット（UTF8）の問題である可能性があります。 DBの文字セット/照合がUTF8であるが、PDOが適切に設定されていない場合（文字セット/回避策がない）、DBの一部のà/è/ò/ì/などがJSONエンコーディングを破損する可能性があります（エンコードされたままですが、解析の問題が発生します）。接続文字列を確認します。次のいずれかに類似している必要があります。

$pdo = new PDO('mysql:Host=hostname;dbname=DBname;**charset=utf8**','username','password'); // PHP >= 5.3.6

$pdo = new PDO('mysql:Host=hostname;dbname=DBname','username','password',**array(PDO::MYSQL_ATTR_INIT_COMMAND => "SET NAMES utf8")**); // older versions

追伸時代遅れですが、それでも「予期しない性格」で立ち往生している人々に役立つ可能性があります。

0
user7572039

urlフィールドで間違ったパスを使用していないのですか？ -私は同じエラーに直面していましたが、パスをチェックして問題を解決し、間違っていることがわかり、正しいパスに置き換えました。

指定するURLがAJAX要求に対して正しいこと、およびファイルが存在することを確認してください。

0
Nick Louloudakis

結果は成功したが「<」文字が表示された場合、PHPエラーが返されたことを意味します。

すべてのメッセージを表示する場合は、次の方法で取得した成功応答として結果を取得できます。

success: function(response){
     var out = "";
     for(var i = 0; i < response.length; i++) {
        out += response[i];
     }
     alert(out) ;
},
0
Sky Games Inc

場合によっては、データがJSON形式にエンコードされていないため、最初にエンコードする必要があります（例：

 json_encode($data);

後で、JSでjson Parseを使用します。

JSON.parse(data);
0
Qammar Feroz

無関係な答えかもしれませんが、私の場合は機能しています...私のサーバーで何が間違っていたかわからない... Ubuntu 16.04サーバーでエラーログを有効にします。

//For PHP
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);
0
Prahlad